已知函数f（x）=ax+xlnx的图象在点x=e（e为自然对数的底数）处的切线斜率为3．（1）求实数a的值；（2）若k∈Z，且k＜f(x)x-1对任意x＞1恒成立，求k的最大值；（3）当n＞m≥4时，

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已知函数f（x）=ax+xlnx的图象在点x=e（e为自然对数的底数）处的切线斜率为3．
（1）求实数a的值；
（2）若k∈Z，且k＜

f(x)

x-1

对任意x＞1恒成立，求k的最大值；
（3）当n＞m≥4时，证明（mnⁿ）^m＞（nm^m）ⁿ．

题型：解答题难度：中档来源：广州二模

答案

（1）因为f（x）=ax+xlnx，所以f'（x）=a+lnx+1．（1分）
因为函数f（x）=ax+xlnx的图象在点x=e处的切线斜率为3，
所以f'（e）=3，即a+lne+1=3．
所以a=1．（2分）
（2）由（1）知，f（x）=x+xlnx，
所以k＜

f(x)

x-1

对任意x＞1恒成立，即k＜class="stub"x+xlnx

x-1

对任意x＞1恒成立．（3分）
令g(x)=class="stub"x+xlnx

x-1

，
则g′(x)=class="stub"x-lnx-2

(x-1)2

，（4分）
令h（x）=x-lnx-2（x＞1），
则h′(x)=1-class="stub"1

=class="stub"x-1

＞0，
所以函数h（x）在（1，+∞）上单调递增．（5分）
因为h（3）=1-ln3＜0，h（4）=2-2ln2＞0，
所以方程h（x）=0在（1，+∞）上存在唯一实根x0，且满足x0∈（3，4）．
当1＜x＜x0时，h（x）＜0，即g'（x）＜0，当x＞x0时，h（x）＞0，即g'（x）＞0，（6分）
所以函数g(x)=class="stub"x+xlnx

x-1

在（1，x0）上单调递减，在（x0，+∞）上单调递增．
所以[g(x)]min=g(x0)=

x0(1+lnx0)

x0-1

x0(1+x0-2)

x0-1

=x0∈(3，4)．（7分）
所以k＜[g（x）]min=x0∈（3，4）．
故整数k的最大值是3．（8分）
（3）证明：由（2）知，g(x)=class="stub"x+xlnx

x-1

是[4，+∞）上的增函数，（9分）
所以当n＞m≥4时，class="stub"n+nlnn

n-1

＞class="stub"m+mlnm

m-1

．（10分）
即n（m-1）（1+lnn）＞m（n-1）（1+lnm）．
整理，得mnlnn+mlnm＞mnlnm+nlnn+（n-m）．（11分）
因为n＞m，所以mnlnn+mlnm＞mnlnm+nlnn．（12分）
即lnnmn+lnmm＞lnmmn+lnnn．
即ln（nmnmm）＞ln（mmnnn）．（13分）
所以（mnn）m＞（nmm）n．（14分）
证明2：构造函数f（x）=mxlnx+mlnm-mxlnm-xlnx，（9分）
则f'（x）=（m-1）lnx+m-1-mlnm．（10分）
因为x＞m≥4，所以f'（x）＞（m-1）lnm+m-1-mlnm=m-1-lnm＞0．
所以函数f（x）在[m，+∞）上单调递增．（11分）
因为n＞m，所以f（n）＞f（m）．
所以mnlnn+mlnm-mnlnm-nlnn＞m2lnm+mlnm-m2lnm-mlnm=0．（12分）
即mnlnn+mlnm＞mnlnm+nlnn．
即lnnmn+lnmm＞lnmmn+lnnn．
即ln（nmnmm）＞ln（mmnnn）．（13分）
所以（mnn）m＞（nmm）n．（14分）

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已知函数f（x）=ax+xlnx的图象在点x=e（e为自然对数的底数）处的切线斜率为3．（1）求实数a的值；（2）若k∈Z，且k＜f(x)x-1对任意x＞1恒成立，求k的最大值；（3）当n＞m≥4时，

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