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> 设f(x)=3ax2+2bx+c,且a+b+c=0,,求证:(1)若f(0)•f(1)>0,求证:-2<ba<-1;(2)在(1)的条件下,证明函数f(x)的图象与x轴总有两个不同的公共点A,B,并求
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题目简介
设f(x)=3ax2+2bx+c,且a+b+c=0,,求证:(1)若f(0)•f(1)>0,求证:-2<ba<-1;(2)在(1)的条件下,证明函数f(x)的图象与x轴总有两个不同的公共点A,B,并求
题目详情
设f(x)=3ax
2
+2bx+c,且a+b+c=0,,求证:
(1)若f(0)•f(1)>0,求证:-2<
b
a
<-1;
(2)在(1)的条件下,证明函数f(x)的图象与x轴总有两个不同的公共点A,B,并求|AB|的取值范围.
(3)若a>b>c,g(x)=2ax
2
+(a+b)x+b,求证:
x≤-
3
时,恒有f(x)>g(x).
题型:解答题
难度:中档
来源:不详
答案
(1)若a=0,则b=-c,f(0)•f(1)=c•(3a+2b+c)=-c2≤0与已知矛盾∴a≠0…(2分)
由f(0)•f(1)>0,得c(3a+2b+c)>0
由条件a+b+c=0消去c,得(a+b)(2a+b)<0∵a2>0∴
(1+
class="stub"b
a
)(2+
class="stub"b
a
)<0
,∴
-2<
class="stub"b
a
<-1
…(4分)
(2)方程3ax2+2bx+c=0的判别式△=4(b2-3ac)
由条件a+b+c=0消去b,得
△=4(
a
2
+
c
2
-ac)=4[(a-
class="stub"c
2
)
2
+
class="stub"3
4
c
2
]>0
∴方程f(x)=0有实根
即函数f(x)的图象与x轴总有两个不同的交点A、B.设A(x1,0),B(x2,0)
由条件知
x
1
+
x
2
=-
class="stub"2b
3a
x
1
x
2
=
class="stub"c
3a
=-
class="stub"a+b
3a
∴(x1-x2)2=(x1+x2)2-4x1x2=
class="stub"4
9
•
b
2
a
2
+
class="stub"4
3
(1+
class="stub"b
a
)=
class="stub"4
9
•(
class="stub"b
a
+
class="stub"3
2
)
2
+
class="stub"1
3
∵
-2<
class="stub"b
a
<-1
∴
class="stub"1
3
≤(
x
1
-
x
2
)
2
<
class="stub"4
9
∴
3
3
≤|
x
1
-
x
2
|<
class="stub"2
3
即
3
3
≤|AB|<
class="stub"2
3
…(9分)
(3)设h(x)=f(x)-g(x)=ax2+(b-a)x+c-b=ax2-(2a+c)x+a+2c∵a>b>c,a+b+c=0∴a>0且a>-a-c>c
即
-2<
class="stub"c
a
<-
class="stub"1
2
又h(x)的对称轴为
x=
class="stub"2a+c
2a
=1+
class="stub"c
2a
>0
∴
x≤-
3
时,
h(x)≥3a+
3
(2a+c)+a+2c=(2+
3
)(2a+c)>0
即
x≤-
3
时,f(x)>g(x)恒成立…(14分)
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已知f(x)是定义在集合D上的函数,
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给定函数①y=x12,②y=log12x,③y
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(2)在(1)的条件下,证明函数f(x)的图象与x轴总有两个不同的公共点A,B,并求|AB|的取值范围.
(3)若a>b>c,g(x)=2ax2+(a+b)x+b,求证:x≤-
答案
由f(0)•f(1)>0,得c(3a+2b+c)>0
由条件a+b+c=0消去c,得(a+b)(2a+b)<0∵a2>0∴(1+
(2)方程3ax2+2bx+c=0的判别式△=4(b2-3ac)
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即函数f(x)的图象与x轴总有两个不同的交点A、B.设A(x1,0),B(x2,0)
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(3)设h(x)=f(x)-g(x)=ax2+(b-a)x+c-b=ax2-(2a+c)x+a+2c∵a>b>c,a+b+c=0∴a>0且a>-a-c>c
即-2<
又h(x)的对称轴为x=
∴x≤-
即x≤-